Codeforces
1090H. Linearization
题意
定义一个长度为 \(n(n=2^k,k\in N)\)
的 01 串 \(s\)(从 0
开始标号)是线性的,当且仅当存在整数 \(x\) 和 二进制数位 \(b\),使得 \(\forall i\in [0,n),s_i=P(i~{\rm and}~x)~{\rm
xor}~b\),其中 \(P(a)\) 表示
\(a\) 的二进制表示中 \(1\) 的数量的奇偶性
定义一个 01
串的线性化难度为,进行最少的取反一个区间的操作,使之成为线性的操作次数
给定一个长度为 \(m\) 的 01 串 \(t\),\(q\)
次询问指定一个子串,要求计算其线性化难度
\(m,q\le 2\times 10^5\)
做法
看了 毛子语的试题分析
才会
先考虑一个长度为 \(2^k\) 的 01 串
\(s\) 是线性的等价条件
把 \(s\) 分成两个 \(2^{k-1}\) 的串:
考虑差分,令 \(t_i=s_i~{\rm
xor}~s_{i-1},1\le i < 2^k\)
于是上述限制转化为 \(\forall i\in
[1,2^{k-1}),t_i=t_{i+2^{k-1}}\),并且递归两侧
理性分析一下
- 递归保证了两部分都是线性的
- 两部分相等或相反即最左侧的位置相同或不同,只考虑剩余的位即可
这些限制把 \(2^k-1\)
个位置划分为若干联通块,联通块内的位置要全都相等,此时贪心地取 \(0\) 和 \(1\) 中较少的一个改变即可
假设求出最后最少需要改变的 \(t\)
序列中的位置有 \(a\) 个,答案即为 \(\lfloor \frac{a+1}{2}
\rfloor\),因为每次区间取反可以改变 \(2\) 个位置
直接做显然无法通过,观察一下联通块可以发现
只有 \(k\) 个联通块,第 \(i\) 个联通块是以 \(2^{i-1}\) 开头的步长为 \(2^i\) 的等差数列
直接预处理即可
复杂度 \(\mathcal O((m+q)\log
m)\)
代码
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26 27 28 29 30 31 32 33 34 35 36 37 38 39 40 41 42 43 44 45 46 47 48 49 50 51 52 53 54 55 56 57 58 59 60 61 62 63 64 65 66 67 68
| #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cctype> #include<string.h> #include<cmath> #include<vector>
using namespace std; #define ll long long
inline char read() { static const int IN_LEN = 1000000; static char buf[IN_LEN], *s, *t; return (s==t?t=(s=buf)+fread(buf,1,IN_LEN,stdin),(s==t?-1:*s++):*s++); } template<class T> inline void read(T &x) { static bool iosig; static char c; for (iosig=false, c=read(); !isdigit(c); c=read()) { if (c == '-') iosig=true; if (c == -1) return; } for (x=0; isdigit(c); c=read()) x=((x+(x<<2))<<1)+(c^'0'); if (iosig) x=-x; } const int OUT_LEN = 10000000; char obuf[OUT_LEN], *ooh=obuf; inline void print(char c) { if (ooh==obuf+OUT_LEN) fwrite(obuf, 1, OUT_LEN, stdout), ooh=obuf; *ooh++=c; } template<class T> inline void print(T x) { static int buf[30], cnt; if (x==0) print('0'); else { if (x<0) print('-'), x=-x; for (cnt=0; x; x/=10) buf[++cnt]=x%10+48; while(cnt) print((char)buf[cnt--]); } } inline void flush() { fwrite(obuf, 1, ooh - obuf, stdout); }
const int N = 200005, M = 18; int n, q, f[M][N]; char s[N]; int main() { read(n); while(isspace(s[0]=read())); for(int i=1; i<n; ++i) s[i]=read(); for(int i=n; --i;) s[i]^=s[i-1]; for(int i=1; 1<<i<n; ++i){ for(int j=0; j<1<<i; ++j) f[i][j]=s[j]; for(int j=1<<i; j<n; ++j) f[i][j]=f[i][j-(1<<i)]+s[j]; } read(q); while(q--){ int l, r, len, now, ans=0; read(l), read(r), now=r, len=r-l+1; for(int i=1; 1<<i<len; ++i){ int x=f[i][now]-(now>=len?f[i][now-len]:0); ans+=min(x, len/(1<<i)-x), now-=1<<(i-1); } print((ans+1)/2), print('\n'); } return flush(), 0; }
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